2018年河南工业大学信息科学与工程学院859计算机网络考研基础五套测试题
● 摘要
一、选择题
1． 在无噪声情况下，若某通信链路的带宽为3kHz ，采用4个相位，每个相位具有4种振幅的QAM 调制技术，则该通信链路的最大数据传输速率是（ ）。
A.12Kbps
B.24Kbps
C.48Kbps
D.96Kbps
【答案】B
【解析】由奈奎斯特定理可得，该通信链路的最高码元传输速率为
意可得每个码元有16个有效的离散值，即一个码元携带又由题t 的信息量，因此该通信链
路的最大数据传输速率是6
2． 某网络的IP 地址空间为192.168.5.0/24, 采用定长子网划分，子网掩码为255.255.255.248, 则该网络中的最大子网个数、每个子网内的最大可分配地址个数是（ ）。
A.32、8
B.32、6
C.8、32
D.8, 30
【答案】B
【解析】先将子网掩码写成二进制为可见IP 地址空间
（本来主机位是8位）拿出了5位来划分子网，所以一共可以划分32个子
网（这里使用的是CIDR ，所以全“0”、全“1”的子网不用去除），而主机位只有3位了，所以最大可分配的地址是个（要去除全“0”、全“1”的地址）。
提醒：使用了CIDR 技术，仅仅是全“0”、全“1”的子网号可以被使用，但是全“0”、全“1”的主机号还是不能被分配的。
3． TDM 与CSMA/CD相比，错误的是（ ）。
A.CSMA/CD是一种动态的媒体随机接入共享信道方式
B.TDM 是一种静态的划分信道方式
B. 突发性数据适合使用TDM 方式
D. 使用TDM 方式，信道不会发生冲突
【答案】C
【解析】A 项、B 项显然正确。在TDM 中，每一个信道周期地占用一个帧中的固定的时隙，
因此各信道不会产生冲突。当用户没有数据要传送，时隙依然被占用，所以突发性数据使用TDM 方式将造成严重浪费，故C 项不正确。
4． 在客户机/服务器模式下，（ ）可以提高整个网络的性能。
A. 根据网络的流量大小改变传输的数据包的大小
B. 只传送“请求”和“结果”来减少网络的流量
C. 通过客户端本地存储所有的数据来降低网络流量
D. 在服务器上执行所有的数据处理
【答案】B
【解析】在客户机/服务器模式中，客户机与服务器分别表示相互通信的两个应用程序的进程。客户机向服务器发出服务请求，服务器响应客户机的请求，提供客户机所需要的网络服务。服务器只是将处理后的结果返回给客户机，在网络上传输的只有“请求”与“结果”，并不需要传送整个数据库或者其他额外的信息。因此可以减少网络的流量，从而提高整个网络的性能。
5． 下列的哪一项正确描述了流量控制？（ ）
A. 一种管理有限带宽的方法
B. 一种同步连接两台主机的方法
C. 一种确保数据完整性的方法
D. 一种检查病毒的方法
【答案】C
【解析】理解流量控制的作用。对于某些数据链路连接，还应该能够提供保序和流量控制功能，保证在链路层连接上收到的帧能够以发送时的顺序递交给网络层实体，并协调发送方和接收方的节奏，保证发送方不会以太快的速度发送数据使得接收方被淹没。
6． 在0SI 参考模型中，第n 层与它之上的第n+1层的关系是（ ）。
A. 第n 层为第n+1层提供服务
B. 第n+1层为从第n 层接收的报文添加一个报头
C. 第n 层使用第n+1提供的服务
D. 第n 层和第n+1层相互没有影响
【答案】A
【解析】在OSI 参考模型中，只能是相邻的下层为上层提供服务。上一层的协议数据单元就是下一层的服务数据单元。
7． 某主机的IP 地址为180.80.77.55，子网掩码为255.255.252.0。若该主机向其所在子网发送广播分组，则目的地址可以是（ ）。
A.180.80.76.0
B.180.80.76.255
C.180.80.77.255
D.180.80.79.255
【答案】D
【解析】此题其实就是求该网络的广播地址。首先，由IP 地址的第一字节180, 可以判断主机的IP 地址为B 类地址。另外，从子网掩码255.255.252.0中可以判断该网络从主机位拿出6位作为子网号。所以，可以得出主机位为10位。接下来将77转换成二进制，即01001101。保持前6位不变，将后两位以及IP 地址的最后一个字节都置为1, 即0100111111111111，转换成十进制为79.255。故该网络的广播地址为：180.80.79.255。
8． 某网络拓扑如图所示，路由器R1只有到达子网192.168.1.0/24的路由。为使R1可以将IP 分组正确地路由到图中所有子网，则在R1中需要增加的一条路由（目地网络，子网掩码，下一跳）是（ ）。
图 某网络拓扑
A.192.168.2.0, 255.255.255.128, 192.168.1.1
B.192.168.2.0, 255.255.255.0, 192.168.1.1
C.192.168.2.0, 255.255.255.128, 192.168.1.2
D.192.168.2.0, 255.255.255.0, 192.168.1.2
【答案】D
【解析】从图可以看出，一共有3个子网。并且路由器R1
已经有了到达其中一个子网
的路由。所以只需求得路由器R1到子网192.168.2.0/25与子网
的路由，正常情况下肯定是需要在路由表中増加两条路由，而题干已经很明确地说明只需增加一条路由，就要完成这两个子网的路由，所以考生应该立即想到路由聚合。
将网络192.168.2.0/25和网络192.168.2.128/25进行聚合。方法如下:
换成二进制
换成二进制
为“0”，
即
9． ARP 的功能是（ ）。
A. 根据IP 地址查询MAC 地址
下一跳从图中可以得出
为发现前24位一样，所以聚合后的超网为192.168.2.0/24, 子网掩码自然就是24个“1”，后面全