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一、单项选择题

1． 系统为某进程分配了4个页框, 该进程已访问的页号序列为2, 0, 2, 9, 3, 4, 2, 8, 2, 3, 8, 4, 5, 若进程要访问的下一页的页号为7, 依据LRU 算法, 应淘汰页的页号是（ ）。

A.2

B.3

C.4

D.8

【答案】B

【解析】LRU 置换算法是选择最近最久未使用的页面予以淘汰。进程有4个页框, 题中访问过程中页框的变化如下:

访问页号为7的页时, 内存中存在的页的页号是:3、8、4和5, 根据LRU 定义应淘汰的是3。

2． 浮点数加、减运算一般包括对阶、尾数运算、规格化、舍入和判溢出等步骤. 设浮点数的阶码

7和尾数均采用补码表示，且位数分别为5位和7位(均含2位符号位). 若有两个数X ＝2×29/32，Y

＝2×5/8，则用浮点加法计算X ＋Y 的最终结果是（ ）.

A.001111100010

B.001110100010

C.010000010001

D. 发生溢出 5

【答案】D

【解析】浮点数加、减运算一般包括对阶、尾数运算、规格化、舍入和判溢出等步骤，难点在对阶、规格化、判溢出这三步.X 和Y 的阶码不同，所以应该先对阶，对阶原则为：小阶向大阶

7看齐. 因此将Y 对阶后得到：Y ＝2×5/32，然后将尾数相加，得到尾数之和为：34/32.因为这是两

个同号数相加，尾数大于1，则需要右规，阶码加1. 由于阶码的位数为5位，且含两位符号位，即阶码的表示范围在

之间. 而阶码本身等于7，再加1就等于8. 因此，最终结果发生溢出.

3． 已知关键字序列5，8，12，19，28，20，15，22是小根堆(最小堆) ，插入关键字3，调整后的小根堆是（ ）.

A.3， 5， 12， 8， 28， 20， 15， 22， 19

B.3， 5， 12， 19， 20， 15， 22， 8， 28

C.3， 8， 12， 5， 20， 15， 22， 28， 19

D.3， 12， 5， 8， 28， 20， 15， 22， 19

【答案】A

【解析】在堆中插入或删除一个元素后，将不再满足堆的性质. 为了使其成为新堆，在输出堆顶元素后，需要调整剩余元素. 具体过程如图(1)〜(5)所示，(1)为原堆，(2)为插入3后，(3)、(4)为调整过程，(5)为调整后的小根堆

.

(3)

(4)

(5)

4． 响应外部中断的过程中, 中断隐指令完成的操作, 除保护断点外, 还包括（ ）。

Ⅰ. 开关中断

Ⅱ. 保存通用寄存器的内容

Ⅲ. 形成中断服务程序入口地址并送PC

A. 仅Ⅰ、Ⅱ

B. 仅Ⅰ、Ⅲ

C. 仅Ⅱ、Ⅲ

D. Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ

【答案】B 。

【解析】中断隐指令完成的操作有3个:

①保存断点; ②关中断; ③引出中断服务程序(形成中断服务程序入口地址并送PC) 。

而保存通用寄存器内容的操作是由软件来实现, 不是由中断隐指令实现的。

5． 设栈S 和队列Q 的初始状态均为空，元素a ，b ，c ，d ，e ，f ，g 依次进入栈S. 若每个元素出

d ，c ，f ，e ，a ，g ，. 栈后立即进入队列Q ，且7个元素出队的顺序是b ，则找S 的容量至少是（ ）

A.1

B.2

C.3

D.4

【答案】C

【解析】由于栈具有先进后出的特性，队列具有先进先出的特性，出队顺序即为人队顺序.. 在本题中，每个元素出栈S 后立即进入队列Q ，出栈顺序即为入队顺序，所以本题中队列的作用形同虚设，根据题意出队顺序即为出栈顺序. 根据出桟顺序可以分析各个元素进出栈的过程：第一个出栈元素为b ，表明栈内还有元素a ，b 出栈前的深度为2；第二个出栈元素为d ，栈内元素为a 和c ，d 出栈前的深度为3；c 出栈后，剩余元素为a ，c 出栈前的深度为2；f 出栈后，剩余元素为a 和e ，f 出栈前的深度为3；e 出栈后，剩余元素为a ，e 出栈前的深度为2；a 出栈后，无剩余元素，a 出栈前的深度为1；g 出栈后，无剩余元素，g 出栈前的深度为1. 所以栈容量至少是3.

6． 下列选项中, 不可能在用户态发生的事件是（ ）。

A. 系统调用

B. 外部中断

C. 进程切换

D. 缺页

【答案】C 。

【解析】我们在学习操作系统中知道, 任何一个进程在现代操作系统中为了共享和保护, 设定了用户态和内核态(可以通过设置软、硬件标志位来实现) , 在用户态运行用户的程序, 在内核运行